Microsoft Word - Corrigé TD 1 MSAS 2021Corrigé TD n°1
Exercice 1 :
Rappel : Quand un rayonnement traverse une solution d’une substance S placée dans une cuve, 3 cas se présentent :
-le premier cas : I = 0 → la solution est opaque
- le deuxième cas : I = I0 → la solution est complètement transparente
- le troisième cas : I < I0, due aux causes suivantes :
• les photons du rayonnement incident ont pu être absorbés par le substrat de la solution
• d’autres particules ont pu diffuser …afficher plus de contenu…

Le flux absorbé (Iabs) dépend :
Ø du flux incident I0
Ø de la concentration du soluté dans la solution C
Ø et de l’épaisseur de la cuve l (le chemin optique) A petit échelle Iabs dépend également de dl, de la concentration et d’I0. Ainsi, dI = K. dl. C. I Après intégration, on va trouver : Tel que ε est le coefficient d’extinction molaire.
Exercice n°2:
C = 0,001 mol. L-1, l = 2 cm, IT = 18,4%, λ = 470 nm, MM = 215 g. mol-1
Selon la loi de Beer-Lambert:
A = εlC → ε = A/(lC)
Comme A = log (I0/IT), donc ε = [log (I0/IT)]/(lC) ε = [log (100/18,4)]/ (2. 0,001) = (log 5,44)/ 0,002 = …afficher plus de contenu…

mol-1. L
Exercice n°3 : l1 = 1 cm, l2 = 5 cm
I0 = 100%, IT1 = 80% (Réduite de 20%). Selon la loi de Beer-Lambert :
A1 = ε l1 C …. (1)
A2 = ε l2 C….. (2)
(1)/(2) = A1/A2 = (ε l1 C)/ (ε l2 C) = l1/l2 = 1/5 On a aussi:
A1 = log (I0/IT1)
A2 = log (I0/IT2)
Donc: A1/A2 = [log (I0/IT1)/ log (I0/IT2)] = 1/5
5 log (I0/IT1) = log (I0/IT2)
5 log (100/80) = log (100/ IT2) 0,48 = log (100/ IT2)
IT2 = 100/3,05 = 32,78%
La diminution est de 100 – 32,8 = 67,2%
Exercice n°4 :
Dans 10 g du composé, il existe mA g de A et mB g de B. Dans 25 cm3 de la solution S, on obtient les concentrations massiques (en g. L-1) :
CA = mA/0,025 et CB = mB/0,025.
Notons les solutions de référence C0
A et C0
B :